ll sum=ac[1];for(i=2;i<=count;i++) { sum=((sum%9901)*(ac[i]%9901))%9901; } cout<<sum; }
} }longlongsum(intp,intc) {if(c==0)return1;//边界if(c==1)returnp+1;//边界*2,可写可不写,开始没加1出了点问题if(c%2)return(1+quick(p,(c+1)/2))%N*sum(p,c/2)%N;//奇数elsereturn(1+quick(p,c/2))%N*sum(p,c/2-1)%N+quick(p,c);//偶数}longlongczs(intn,intb)/...
POJ1845:Sumdiv(求因子和+逆元+质因子分解)好题,题目链接:http://poj.org/problem?id=1845定义:满足a*k≡1(modp)的k值就是a关于p的乘法逆元。为什么要有乘法逆元呢?当
可以看出每一个括号内都是等比数列,但是不要用等比数列公式,因为有除法(刚开始我用除法,然后求了模的逆元,wa到爽死),因为不一定满足乘法逆元所需要的条件,除数与模数可能不互素(除数可能是模数的多少倍)。既然不能用公式,那么就要借助于二分了。比如如下式子求和:A1+A2+A3+A4 = A1+A2+A2(A1+A2)。通过这...
ll sum = 1; while(b) { if(b & 1) sum = sum * a % mod; a = a * a % mod; b >>= 1; } return sum % mod; } ll solve(ll p, ll c) { if(!c) return 1; if(c & 1) return solve(p, (c - 1) / 2) * (1 + quick(p, (c + 1) / 2)) % mod; ...
{ ll b = 1; while (n > 0) { if (n & 1) b = (b*m)%k; n = n >> 1 ; m = (m*m)%k; } return b; } ll com(ll p,ll n) { if(n==1) return (1+p)%mod; if(n==0) return 1; if(n&1) return ((com(p,n/2)%mod)*(1+quickpow(p,n/2+1,mod))%mod)%...
POJ 1845-Sumdiv(厉害了这个题) Description Consider two natural numbers A and B. Let S be the sum of all natural divisors of A^B. Determine S modulo 9901 (the rest of the division of S by 9901). Input The only line contains the two natural numbers A and B, (0 <= A,B <= ...
POJ-1845 Sumdiv---因子和(快速幂+快速加法+因子和公式) 2018-05-16 14:34 − 题目链接: https://cn.vjudge.net/problem/POJ-1845 题目大意: 求AB的因子和 解题思路: 先将A质因数分解,然后B次方的质因数指数就是乘上B即可 这里要mod9901,但是有除法,而且不一定有逆元,所以用公式: a/b mod m ...
POJ 1845 SumDiv 整数惟一分解定理 任何一个大于1的整数n都可以分解成若干个质因数(素因数)的连乘积,如果不计各个素因数的顺序,那么这种分解是唯一的,即若n>1,一定存在:n=p1p2p3…pm(p1.p2.均为n的质因数) 上式常记作: 称为n的标准分解式,质因数分解式。
POJ-1845 Sumdiv(费马小定理+快速幂) 原题连接:http://poj.org/problem?id=1845 题意:输入两个数A和B(0<=A,B<=50000000)。然后要求我们求出A^B的所有因子的和,并且对S = 9901取模。 大致思路:我们可以先将A使用唯一分解定理进行因子分解,即A = p1^a1 * p2^a2 * p3^a3 * p4^a4 ...pk^ak;...