cppreference.com Page Discussion std::enable_ifC++ Metaprogramming library Defined in header <type_traits> template< bool B, class T = void > struct enable_if; (since C++11) If B is true, std::enable_if has a
有时定义的模板函数,只希望特定的类型可以调用,参考cppreference官网示例,很好的说明了如何限制只有整型可以调用的函数定义: template<typenameT>typenamestd::enable_if<std::is_const<T>::value&& std::is_integral<T>::value,constint>::typeget(T t){//只有当T的类型为const int时,才可以调用get函数return...
根据cppreference 文档,其中写着(强调我的): std::enable_if可以有多种形式使用,包括: 作为附加函数参数(不适用于运算符重载), 作为返回类型(不适用于构造函数和析构函数), 作为类模板或函数模板参数。 为什么使用 enable_if 作为附加函数参数时不能适用于运算符重载?
参考材料 http://www.cplusplus.com/reference/type_traits/enable_if/ https://en.cppreference.com/w/cpp/types/enable_if 总结 到此这篇关于C++11模板元编程-std::enable_if的文章就介绍到这了,更多相关C++11模板元编程-std::enable_if内容请搜索脚本之家以前的文章或继续浏览下面的相关文章希望大家以后多多...
std::enable_if 要结合 SFINAE(Substitution Failure Is Not An Error)一起理解。SFINAE 是C++模板元编程中的一种重要机制,它允许编译器在模板参数替换失败时不会报错,而是会排除那些无效的模板特化或重载。 std::enable_if 的可能实现 摘自:std::enable_if - cppreference.com // 下面简称此为 模板1 template...
有时定义的模板函数,只希望特定的类型可以调用,参考cppreference官网示例,很好的说明了如何限制只有整型可以调用的函数定义: template<typenameT>typename std::enable_if<std::is_const<T>::value&& std::is_integral<T>::value,const int>::type get(T t) { //只有当T的类型为const int时,才可以调用get...
c++ std：：enable_if_t与部分专用化不匹配但是，在您的示例中，类型std::enable_if_t<true, int>等效于int，不能匹配不能匹配T<X, Y>。cppreference对此进行了解释like this：别名模板是这样一种模板，在专用化时，它等效于用别名模板的模板参数替换type-id中的模板参数的结果 别名std::enable_if_t可以...
例如,你可以访问 cppreference.com 查看std::enable_if_t 的详细文档。 清理项目并重新编译: 有时候,旧的编译文件或缓存可能会导致编译错误。尝试清理项目(例如删除编译生成的中间文件和可执行文件)并重新编译,以确保编译环境是干净的。 通过以上步骤,你应该能够解决 “error: ‘std::enable_if_t’ has not ...
std::enable_if的实现求解释？std::conditional是C++11标准库中极具实用价值的类型选择模板，它让我们...
#include <type_traits>#include <iostream>#include <string>namespacedetail{structinplace_t{};}void*operator new(std::size_t,void*p, detail::inplace_t){returnp;}// #1, enabled via the return typetemplate<classT,class...Args>typenamestd::enable_if<std::is_trivially_constructible<T,Args&&...