AC代码(不信邪就想开15,依旧AC) 两个平台均可AC 今天不知咋的,POJ总提示网址出错要刷新好几遍才好 1#include<stdio.h>2#include<iostream>3#include<string.h>4usingnamespacestd;5intmap[15][15];6intfliptilemap[15][15];7int
}voidinit() {for(inti =1; i <= n; i++)for(intj =1; j <= m; j++) t[i][j]=mp[i][j]; }intflip(intx,inty) { t[x][y]^=1;for(inti =0; i <=3; i++) {intX = x + dir[i][0];intY = y + dir[i][1];if(X >=1&& X <= n && Y >=1&& Y <=m) t[...
POJ3279 Fliptile(暴力) 有一种暴力是这样的,枚举一边,确定另一边。 这一题是这么解的,枚举第一行所有翻转情况,然后剩下几行其实是确定的,因为前i行翻转方式确定后只能通过第i+1行的翻转来改变第i行的状态,于是依次模拟求出剩下几行的翻转情况。 另外其实每个点最多只会被翻转一次,因为如果翻转两次和不翻转是...
using namespace std; const int N = 20; const int INF = 0x3f3f3f3f; int num[N], ans[N], state[N]; int Min, n, m; void init() { int t; for (int i = 0; i < n; i++) { num[i] = 0; for (int j = 0; j < m; j++) { scanf("%d", &t); if (t) num[i...
POJ——3279 Fliptile 四川孙一峰关注IP属地: 四川 2017.01.18 12:01:52字数1,037阅读1,078 题目大意 给我们一个n×m的矩形格子,上面的值只有1和0,然后我们需要找到一个操作方式(即对哪些格子操作,对哪些格子不操作),将这个操作方式也以n×m的格式输出。使得原本的格子上面的所有数字全部变为0。可能会有...
POJ 3279 Fliptile 【题意】一个m*n的01矩阵,每次点击(x,y),那么她的上下左右以及本身就会0变1,1变0,问把矩阵变成全0的,最小需要点击多少步。 【分析】只需要枚举第一行的状态即可,后面的状态都可以根据第一行直接推出来,还要注意这题还有不存在的情况,详见代码!
《POJ3279 Fliptile》枚举+DFS(详解) 对于这道题:首先明确思路: 枚举第一行的所有情况,然后再dfs下面几行的情况。 为什么可以这样做?因为下一行的翻转情况都可以通过上一行的情况来决定,就比如上一行的这个是黑的,那下一行必定要翻转,因为上一行已经翻转过了,只能通过这一行的翻转来改变上一行。 其次,怎么枚举...
POJ_3279_(枚举) POJ 3279 点击的数组的字典序是一行一行看成字符串的(开头的0不要,从1开始)。 输出字典序的前提是step 相同,那么枚举点的操作是从0开始$ (000001)_2 $,字典序是1 , $ (11111)_2 $字典序是11111,所以我们已经默认的是按字典序枚举的,......
POJ 3279! 遥远的那边M×N(1≤M,N≤15)块瓷砖。每块瓷砖都能被翻转,它的两面分别是白色(0)和黑色(1)。 当你翻转一块砖的时候,相邻的四块砖也会被翻转。注意它们的翻转不会带动它们相邻的再继续翻转喔。 现在给你一种布局,输出翻转哪些瓷砖,使得所有瓷砖都变成白色,且翻转数目最小。如果有多种翻转方法但...
同样是开关反转的问题,比较经典,与POJ-3276的不同之处是这道题目从线变成了面增加了难度。 思路是位运算的枚举。 可以先枚举出第一行的所有情况,然后对于每一种情况进行以下做法:同一块砖翻过来翻回去是没有意义的,所有每块砖最多敲击一次就行了。我们只要从第二行开始逐个检查,检查第i行第j块时,如果第i-1...