(dfs(i+2,j+1,num+1)) return true; idx[i+2][j+1] = 0; k--; ansx[k] = -1; ansy[k] = -1; } idx[i][j] = 0; return false; } int main(){ int kase,i; scanf("%d",&n); for(kase=1;kase<=n;kase++){ scanf("%d%d",&row,&col); memset(idx,0,sizeof(idx))...
[原]poj-2488-water-DFS 题目大意: 输入一个p*q的棋盘, 行用数字表示, 列用大写字母表示 , 1 <= p*q <= 26, 输出能够把棋盘全部空格走完且每个空格只走一次的字典序最小的路径。不存在则输出“impossible” 坑の所在: 行列的表示, 每组解后有一空行。 思路: 八方向dfs,方向数组要按字典序排列, 记录...
51visit[tx][ty]=1; 52dfs(tx,ty,length+1); 53visit[tx][ty]=0;//巧妙,也是必须的 54} 55} 56} 57 code
int flg; void dfs(int x, int y, int s){ if(s == m * n){ flg = 1; return; } for(int i = 0; i < 8; i++) { int xx = x + go[i][0]; int yy = y + go[i][1]; if(xx > 0 && xx <= n && yy > 0 && yy <= m && !vis[xx][yy] && !flg){ vis[xx]...
算法停止;否则在某种DFS下走到某一步时按马跳的规则无路可走而棋盘还有为走到的点,这样我们就需要撤消这一步,进而尝试其他的路线(当然其他的路线也可能导致撤销),而所谓撤销这一步就是在递归深搜返回时重置该点,以便在当前路线走一遍行不通换另一种路线时,该点的状态是未访问过的,而不是像普通的DFS当作已经...
题解:简单的dfs,定义一个Map二维数组用来储存王子可以移动的八种方式,xx和yy数组用来储存每一步移动的地址(这是关键的一步)。 注意:ABC...是列,123...是行,所以注意输入。 AI检测代码解析 #include <iostream> #include <string.h> #include <stdio.h> ...
[MAX_N];voidDFS(intx,inty,intnum);intmain(){scanf_s("%d",&cases);for(intc=1;c<=cases;c++){success=false;scanf_s("%d%d",&p,&q);;//p行 q列memset(visited,false,sizeof(visited));//复制0个字符到,参数visited所指的字符串前sizeof(visited)个字符visited[1][1]=true;DFS(1,1,1)...
voidDFS(constint&x,constint&y,intnum ) 11 { 12 if( ok )return; 13 14arr[num][0]=x , arr[num][1]=y ; 15 if( num==sum ) 16 { 17ok=true; 18return; 19} 20 21 if( y-2>0) 22 { 23 if( x-1>0&&!visited[x-1][y-2] ) ...
POJ 2488 A Knight's Journey(DFS) 2015-07-06 20:24 − A Knight's Journey Time Limit: 1000MSMemory Limit: 65536K Total Submissions: 34633Accepted: 11815 Description BackgroundThe knight is getting bored of... 活力典 0 199 < 1 2 > 2004...
【DFS】POJ 2488 A Knight's Journey 这段时间要沉迷刷题一段时间了,就让CSDN陪我一起吧! 一、题目大意 这道题的大致意思就是,给你一个p×q的矩阵,矩阵的行标号为1-p,矩阵的列标号为’A’ - ‘A’ + q,一个骑士要经过这个矩阵的所有格子,他可以从任意一个点开始,并且可以终止于任意点,要求所有可能...