故增加量△EP=mgl(1﹣cosθ) 故答案为Flsinθ,mgl(1﹣cosθ). [解析] [分析] [详解] 小球离开桌面后做平抛运动,取小球1的初速度方向为正方向,两小球质量和平抛初速度分别为:m1、m2,v1、v2,平抛运动的水平位移分别为s1、s2,平抛运动的时间为t.需要验证的方程:0=m1v1-m2v2,又 , ,代入得到m1s1=m2...
小球手的重力为mg，小球上升的高度是Lx(1-cosθ），所以，小球的势能增加就是：mgL(1-cosθ）。在此 物理过程中，做功的力有 重力（负功），F，根据能守恒：W-mgl(1-cosθ)=0所以答案为bW(重力做的功)=mghh=l-l•cos把l提出来 h=l•(1-cosθ)所以W=mgl(1-cosθ)力...
所以，机械能=重力势能=mgL(1-cosα)！最低点为势能零点得出的！整个过程机械能守恒，所以，机械能=重力势能=mgL(1-cosα)，在最高点时高度=L-Lcosα=L(1-cosα)动能为0α是单摆与竖直线的距离。机械能=mgL-mglcosα.
[解析] (1)机械能守恒 mgl(1-cosα)=mv2①圆周运动F′-mg=m 解得F′=(3-2cosα)mg人对绳的拉力F=F′ 则F=1080 N.(2)动能定理mg(H-lcosα+d)-(f1+f2)d=0则d= 解得d=1.2 m.(3)选手从最低点开始做平抛运动x=vtH-l=gt2且由①式解得x=2当l=时,x有最大值,解得l=1.5 m因...
一个计算,我还没学,帮忙解一下,谢谢.mgL(1-cosθ)=mgL/2(1-cosα)解得:α=acos(-1+2cosθ)对吗?(αL/2)/(θL)=acos(2cosθ-1)/(2θ)的取值范围是多少(θ,α度数大于0°小于20°且α大于θ)α/θ=acos(2cosθ-1)/θ的取值
解析:(1)根据机械能守恒 mgl(1-cos α)=12mv2①圆周运动F′-mg=my^2I解得F′=(3-2cos α)mg人对绳的拉力F=F′则F=1 080 N(2)由动能定理mg(H-lcos α+d)-(f1+f2)d=0则d=mg H-lcos af_1+f_2-mg解得d=1.2 m(3)选手从最低点开始做平抛运动x=vtH-l=12gt2且有①式解得x=2H ...
缓慢移动到 Q 点，是说明小球的动能 为 0。那么，力 F 所做的功都用来增加小球的重力势能。因为小球上升的高度为 ΔH = l - lcosθ = l(1-cosθ)。那么，小球的重力势能增加的数值 ΔE= mgΔH = mgl(1-cosθ)所以，正确答案是 C ...
小球受力分析，从A到B，重力方向的行程是 L(1-COSA)，在A点作一条水平线与OB相交于D点。这段行程就是DB。其余，自行思考 指
易错解答 T、f始终垂直于速度v,根据械能守恒定律得mgl(1-cosα)=1/2mv^2 解得 v=√(2gl(1-cosα))在C处,f竖直向上,根据牛顿第二定律,得T+f_(in)-mg=ma_(ij)=m(v^2)/l T=m(v^2)/l+mg-f_B=2mg(1-cosα)+mg Bqv=3mg-2mgcos a-Bq √2gl(1-cos a)D错因分析 考虑问题不全...
一质量为m的小球,用长为l的轻绳悬挂于O点,小球在水平力F作用下,从最低点P缓慢地移到Q点,如下图所示,则在此过程中( )A.小球受到的合力做功为 mgl(1-cosθ)B.拉力F的功为Flsin