树状数组就是把一列数组利用其二进制的特点弄成一棵树 通过上面的图可以看出每一个数统计的是最后一个1及后面的0加起来的长度,可以理解为带宽。比如10二进制1010,统计的就是10(二进制)的长度,12的二进制是1100,统计的就是100(二进制)的长度,也就是说 在树状数组中,找到最后一个1和后面的0很重要。向上找父...
1、dfs 求出每一个点距离树根的距离 depth[N],用时间戳 in[N],out[N]数组记录进出点的时间并将子节点的时间戳包含在父亲节点的时间戳之内; 2、对于每一个点,值为a[N],处理出 node(1,i,depth[i]-a[i]) 与 node(2,i,depth[i]); 两组数据,并按第3个值升序排序; [类型1是更新树状数组的,通...
为每个块建一棵权值树状数组。记$T_i$为第$i$个块对应的树状数组,$T_{i, j}$表示块$i$里纵坐标在$(j - lowbit(j), j]$内的点的个数。### 查询对于操作1,将其转化为4个二维偏序的查询。现在只需要解决给出$a, b$,询问有多少个点满足$1 \le x_i \le a, 1\le y_i \le b$。
Iahub likes trees very much. Recently he discovered an interesting tree named propagating tree. The tree consists of n nodes numbered from 1 to n, each node i having an initial value ai. The root of the tree is node 1. This tree has a special property: when a value val is added to ...
2 0 1 2 1 2 output 4 3 思路: 暴力更新, 然后用FenwickTree 或者SegmentTree进行区间求和即可。 因为每个位置上的value只会更新到别的位置一次,所以暴力的话复杂度也是O(n), 然后更新的时候分两种情况, 如果折过去的长度大于右边界 就相当于把右面的对应长度折过来, 否则就是题目中所说的从左面折了。
writeln(t);W(T) A.U(Pt[T],-Gt[T]),--T;//清空树状数组 } public: I void Init() {for(RI i=1;i<=n;++i) O[i].Sz=1,O[i].V=a[i];} I void Link(CI x,CI y) {Ac(x),S(x),O[y].F=x,AS(x,O[y].V);}//连边,然后赋值 ...
用一个权值树状数组去维护这个人是目前的第几名就好了 不过这道题没有下线操作,所以感觉离线去做更简单一点…… 代码 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int maxn = 2e5+6; int a[maxn]; int lowbit(int x) { return x&(-x); ...