以下是参考的C++代码示例: cpp #include <bits/stdc++.h> using namespace std; int main() { int a, b, c; scanf("%d%d%d", &a, &b, &c); if (a == b && b == c) { printf("Yes"); } else { if (a > b) swap(a, b); if (b > c) swap(b, c); if (c == a + ...
直接开个mapmap就好了。 代码:O(nlogn)O(nlogn) #include<bits/stdc++.h>#defineTp template<typename Ty>#defineTs template<typename Ty,typename... Ar>#defineReg register#defineRI Reg int#defineCon const#defineCI Con int defineI inline#defineW while#defineN 200000#defineLL long longusingnames...
1)操作满足结合律 即 (a∗b)∗c=a∗(b∗c) 2)操作需要有个幺元(基本元/单位元) a∗e=e∗a=a 如果你有这个一个序列 S ,长度为 N ,接下来的两个询问的操作的复杂度为 O(logN) 1)更新序列中的一个元素2)计算区间的 ∗ 需要注意的是,如果你的 ∗ 这个操作自带一个复杂度 O(...
我们发现\(\prod_{i=1}^n(c_i-(n-i))\)是可以前缀积预处理的,因为如果存在\(\le0\)的项可以直接特判输出\(0\)。 但是\(c_i-(n-i)-1\)可能等于\(0\),这时候直接前缀积就会原地爆炸。 所以我们考虑将\(c_i-(n-i)-1\)按\(0\)分成若干段,隔段之间贡献必然为\(0\),那么就只要考虑段...
C(n, k) = n! / (k! * (n-k)!) ``` 其中`n!` 表示 `n` 的阶乘,即 `n! = n * (n-1) * ... * 2 * 1`。 使用ModInt类,我们可以通过计算阶乘和逆元来高效地计算组合数。首先,我们可以使用`fact()`函数计算 `n` 的阶乘。然后,使用逆元计算两个阶乘的除法以得到组合数。例如,假设...
这些DP 题中有些基础的模型和优化。做做玩玩顺便复习一下一些基本的东西。 感觉好像没怎么能搜到几个最后几题的题解啊(尽管这几题还是很简单) Z - Frog3 给定一个序列\(h\),从\(i\)跳到\(j\)的代价为\(C+(h_j-h_i)^2\)。求\(1\)到\(n\)的最小代价。
在解决“Bracket and Permutation”问题时,我们可以直观地发现两个关键点。首先,若我们遇到一个'[',则表示当前位置应选择')',同时前一位置应选择'(',以确保序列的正确性。相反,若遇到']',则意味着当前位置应选择'(',前一位置应选择')'。这为我们构建正确括号序列提供了基本规则。通过深入...