在C++ 中,当使用auto关键字来推导函数返回值的类型时,它会自动去除表达式中的引用(reference)和const限定符。这意味着,如果函数的返回类型原本是一个引用或const类型,使用auto推导后,返回值将会失去这些属性。例如,如果原本返回的是一个const引用,使用auto推导后,返回值将仅是一个值,而非引用,并且也不再是const类型。
直观上的理解是当一个函数体(function body)解析(parse)完成之后,遍历它的所有语句(statement),并找到其中的return语句,逐个推导它们的返回值。 二、gcc的做法 从代码上看,gcc的这个解析是在函数体解析的时候同步进行,而不是在整个函数体解析完成之后再事后遍历。好在从这个代码看其实也比较直观,就是在遇到return语...
关键字decltype的作用是将变量的类型声明为表达式指定的类型。即将var的类型声明为expression指定的类型。
U fun(T a){cout<<a<<endl;return (U)a;} 为了泛化算法,c++引入了迭代器(或者叫做智能指针),算法以迭代器做参数的时候可能会用到迭代器所指向的实际类型,这就需要迭代器携带有他所指向的类型的信息),这就实现了类型信息的传递。 实际上参数推导机制和关联型别都是编译时期的策略,都是为了得出算法中用到的...
我有一个函数,其目标是获取特定数据类型的stl-container,并返回不同特定数据类型的相同stl-container。如下所示:template <template <typename, typename = std::allocator<double> > class ReturnContainer,template <typename, typename = std::allocator
华为云帮助中心为你分享云计算行业信息,包含产品介绍、用户指南、开发指南、最佳实践和常见问题等文档,方便快速查找定位问题与能力成长,并提供相关资料和解决方案。本页面关键词:mysql函数返回类型。
编译器是否可以自动将返回类型推导为 std::variant<A,B>?这样就可以省略返回类型声明: auto f() // std::variant<A, B> deduced by compiler { if (true) return A(); return B(); } c++ variant type-deduction 1个回答 0投票 不,这是不可能的。 仅当所有 return 语句返回相同类型时,自动返回...
您说得对，因为所有内容都在decltype中，所以没有问题，尽管您可以使用
在C++14 之前,也就是在函数返回类型推导和decltype(auto)得到支持之前,问题是通过使用decltype(expression)来解决的,这是 C++11 引入的。例如,你可能会写出以下代码: template<typenameT1,typenameT2>decltype(t1+t2)add(constT1&t1,constT2&t2){returnt1+t2;} ...
在这个例子中,函数bar返回一个std::vector<int>类型的值,但是没有使用模板参数化。这是因为std::vector<int>是一个具体的类型,而不是一个模板类型。 需要注意的是,在不使用模板参数化的情况下返回模板类型可能会导致类型不匹配的问题。因此,在实际编程中,应该尽可能使用模板参数化来确保类型的正确性。